m⋏n = g ⇔ m′⋏n′ = 1
(lm)⋏(ln) = l(m⋏n).証明. m = m′(m⋏n), n = n′(m⋏n) とおくと, (∗) より m′⋏n′ = 1 である. このとき, lm = m′[l(m⋏n)], ln = n′[l(m⋏n)] なので, m′⋏n′ = 1 と (∗) より (lm)⋏(ln) = l(m⋏n) である. (Q.E.D.)
(l ⋎m) ⋏ (l ⋎n) | l ⋎(m⋏n).を示せばよい. g = m⋏n, m = m′g, n = n′g とおくと, (∗) より m′⋏n′ = 1 である. l | (l ⋎g) であり, 一方 m′(l ⋎g) は l ⋎g の 倍数だから (l ⋎g) | [m′(l ⋎g)] なので, 推移律より l | [m′(l ⋎g)] である. また, l ⋎g が g の倍数であることから m′(l ⋎g) は m′g の倍数なので, m = (m′g) | [m′(l ⋎g)] である. よって m′(l ⋎g) は {l, m} の上界である. そして l ⋎m は {l, m} の最小上界だから, (l ⋎m) | [m′(l ⋎g)] となる. 同様に (l ⋎n) | [n′(l ⋎g)] も言える. したがって, 配布資料「束」命題 5 (ii), 上の補題, m′⋏n′ = 1 と g = m⋏n を順に用いて
(l ⋎m) ⋏ (l ⋎n) ≼ [m′(l ⋎g)] ⋏ [n′(l ⋎g)] = (m′⋏n′) (l ⋎g) = l ⋎g = l ⋎(m⋏n).(Q.E.D.)
(Dm, ⋎, ⋏) が分配束であることの証明
(Dm, ⋎, ⋏) は
(ℕ, ⋎, ⋏) の部分束なので,
(ℕ, ⋎, ⋏) が分配束であることと
「分配律と分配束」命題 4
より明らか.
(Q.E.D.)
(lm)⋎(ln) = l(m⋎n)これを示そう. まず,上の (∗) の拡張
m⋏n = g ⇔ m′⋏n′ = 1 ⇔ m⋎n = m′n′g.
(lm)⋎(ln) = (lm)(ln) / [(lm)⋏(ln)] (∵ (☆)) = (lm)(ln) / [l(m⋏n)] (∵ 上の補題) = l [mn / (m⋏n)] = l (m⋎n). (∵ (☆))